乐思数学通 › 考研数学(一) › 第 19 章 大数定律与中心极限定理

大数定律

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前置诊断

① 直接前置(需先掌握)切比雪夫不等式数学期望方差③ 掌握后可解锁估计量的评价标准(无偏、有效、一致)

要点精讲

把关键道理、证明与典型例子重新过一遍。

1. 依概率收敛的定义与三大数定律:切比雪夫(方差一致有界)·伯努利(频率)·辛钦(独立同分布只要期望)★★ 必会

定义(依概率收敛):设 为随机变量序列, 为常数。如果对任意 都有

则称 依概率收敛于 ,记 。应当注意,这里说的是偏差超过任一给定界限 的概率趋于零,并不是说每次取值都必然接近 ;大的偏差仍然可能出现,只是越来越少见。

三个大数定律的正式陈述(结论都是平均值 期望):
① 切比雪夫大数定律: 相互独立(两两不相关即可),期望、方差均存在,且方差一致有界,即存在常数 使 对一切 成立,那么

② 伯努利大数定律:设 是 重伯努利试验中事件 发生的次数,,则频率

这就是频率稳定于概率的严格表述,也是用频率近似概率的理论依据。
③ 辛钦大数定律: 独立同分布,且期望存在 (方差可以不存在),则


条件的对照:切比雪夫大数定律不要求同分布,但要求方差一致有界;辛钦大数定律要求独立同分布,但只需期望存在(它的长处见后面一条);伯努利大数定律是二者共同的特例,因为 0-1 变量既同分布,方差 又自动一致有界。判断哪一个定律适用时,按独立性、同分布、矩条件这三项逐一核对即可。
证明 / 推导证 先证切比雪夫大数定律,所用的工具是切比雪夫不等式。记 ,则 。又由独立性(其实只需两两不相关)知方差可加,于是

对任意 ,由切比雪夫不等式

伯努利大数定律是它的特例。 令 为第 次试验中 的示性变量(发生时取 ,不发生时取 ),则各 独立同分布,,, 一致有界,代入①即得 。(辛钦大数定律不能这样证明:没有方差就用不上切比雪夫不等式,须借助特征函数;考研只要求会用它的结论。)
举例说明2014·数一解答(第 III 问):总体 的分布函数 , 未知;前两问已求得 与最大似然估计量 。问:是否存在实数 ,使得对任何 ,都有 ?
解. 第一步(识别):题中这句话逐字就是的定义,所考查的是依概率极限的存在性。第二步(应用辛钦大数定律): 独立同分布(相互独立的随机变量取同一函数后仍然独立同分布),且 存在,由辛钦大数定律

故这样的实数存在,取 即可。注意一:辛钦大数定律要用在新的序列 上,而不是用在 上;注意二:只需验证 存在,无须操心 是否存在。这就是辛钦大数定律不要求方差存在所带来的方便。

2. 依概率收敛可以像普通极限一样运算:连续映射定理与四则运算法则

依概率收敛 看起来抽象,但它与普通极限一样服从运算法则,这在解题时很有用。其中最重要的是连续映射定理:如果 ,且 在点 处连续,那么 。此外还有四则运算法则:当 时,、,且当 时 。

有了这些法则,许多求依概率极限的问题就化为:先用大数定律求出各部分的极限,再按连续函数把它们合起来。例如由辛钦大数定律 ,立即得到 、。必须注意,这里的前提是 在极限点处连续,在不连续点处不能使用。
证明 / 推导证 连续映射定理(设 在 处连续)。 任取 。由 在 处连续,存在 ,使得 。取它的逆否命题,得

于是有事件的包含关系 ,两边取概率得

最后一步用到 。因此 。

3. 辛钦大数定律的特点:不要求方差存在★ 要懂

辛钦大数定律最容易被忽视的一点是:它对独立同分布的序列只要求期望存在,而完全不要求方差存在。相比之下,用切比雪夫不等式证明的那个大数定律,必须假定方差存在且一致有界,因为它的证明依据就是方差 。因此在独立同分布的场合,辛钦大数定律的条件更弱。有一大类分布方差为无穷而期望有限,对它们切比雪夫大数定律无能为力,辛钦大数定律却仍然给出 。

这也说明了教材为什么要把辛钦大数定律单独列出。它不能看作切比雪夫大数定律在同分布情形下的特例,因为它连方差存在都不要求。必须注意,两者的条件并不能互相包含。切比雪夫大数定律不要求同分布,辛钦大数定律则要求同分布。因此只有限于独立同分布的场合,才可以说辛钦大数定律适用的范围更宽。离开这个前提,两者的强弱无从比较。当然,如果连期望也不存在,例如柯西分布,那么两者都失效,样本均值根本不收敛。
证明 / 推导证 ① 先给出辛钦大数定律最常用的推广形式。设 独立同分布, 为连续函数,且 存在。因各 独立同分布,故 也独立同分布,它们的共同期望为 。对这个新序列使用辛钦大数定律,得

必须注意,这里所要求的是 存在,而不是 存在。取 ,即得常用的 ,其前提是 阶矩存在。
② 再证这个前提确实不能去掉。仍取例中的分布,密度为 ,已知 而 。下面证明 不依概率收敛于任何常数。
取常数 ,令 。各 独立同分布且有界,故期望存在。由 ,得

对 使用辛钦大数定律,得 。
任给常数 。取 使 ,并记 。由依概率收敛的定义,

而在这个事件上有 。又 ,故 ,于是

因 是任意的,可见 依概率趋于 ,不收敛于任何常数。由此可见,同一个分布对一阶矩可以使用辛钦大数定律,对二阶矩就不能使用。所要求的期望存在,指的是被平均的那个量的期望。这就证明了所述的结论。
举例说明例(方差为无穷而辛钦大数定律仍然成立)。 设 独立同分布,共同密度为

先验证期望存在而方差不存在:


因方差为无穷,切比雪夫大数定律不适用;但期望 存在,由辛钦大数定律仍有

这就显示出辛钦大数定律只要求期望存在的长处。

4. 大数定律与中心极限定理的分别:前者给出均值的极限,后者给出均值的涨落规律

大数定律与中心极限定理常被并列提出,但它们回答的是两个不同层次的问题,必须加以分清:

- 大数定律(一阶):样本均值 收敛到一个常数 ,即 。它只指出均值最终稳定于何处,收敛的类型是依概率收敛,所需条件较宽,辛钦大数定律只要求独立同分布且期望存在。
- 中心极限定理(二阶):它考察 偏离 的涨落形态。把这个越来越小的偏差放大 倍以后, 收敛到一个分布 ,收敛的类型是依分布收敛,并且必须要求方差有限。

概括地说:大数定律给出样本均值的极限值,中心极限定理给出它在极限附近的涨落规律。 前者收敛到一个点,后者在标准化之后收敛到正态分布。
x̄μn 越大越窄① 大数定律:不作标度,直接看 x̄ 分布越挤越窄,塌到 μ 这一点上:说的是「稳在哪」0n 小时明显右偏n 增大虚线 = N(0, 1)② 中心极限定理:先乘 √n 把涨落放大 不论原分布多偏,放大后的形状都趋于标准正态x̄ − μ ~ 0(大数定律) 而 √n (x̄ − μ) ⁄ σ ~ N(0, 1)(中心极限定理)
证明 / 推导证 两者的逻辑关系:中心极限定理蕴含弱大数定律。 设方差 。由中心极限定理, 依分布收敛到 ,于是它依分布有界。对任意 ,

这是因为阈值 。这就回到了大数定律的结论 。由此可见,在方差有限的前提下,中心极限定理比大数定律给出的信息更多,它还给出了涨落所服从的分布,并把后者作为推论包含在内。但辛钦大数定律不要求方差存在,这一部分是中心极限定理所不能覆盖的。

5. 求依概率极限的一般方法:先辨认独立同分布,再用连续映射定理(尤其是比值型)★ 要懂

求 或更复杂的组合的依概率极限是常见题型,一般分两步进行:第一步,把各个 (或 )看作一个新的独立同分布序列,由辛钦大数定律得 ;第二步,如果所求的量是若干这种平均值的连续函数(特别是比值),就用连续映射定理把各部分的极限合起来。比值型稍难一些:分子与分母各自用大数定律求极限,然后相除,只需保证分母的极限不为零。
举例说明例。 设 独立同分布,,(有限)。求

当 时的依概率极限。

解. 分子与分母同除以 ,得

对于分子, 独立同分布,且 存在,由辛钦大数定律得 ;对于分母,。再由连续映射定理(比值在 处连续)得

举例:若 (指数分布),则 ,,故 。
💡 小知识
雅各布·伯努利花了二十年才证明频率趋于概率这件事,把它称作黄金定理,写进遗著《猜度术》。他感叹说,抽样越多越准这条道理,再迟钝的人也凭本能知道,可要把这份直觉变成一条严格的定理,却难到了这个地步。大数定律的分量也就在这里。

基础例题

从最基础开始,循序渐进;先独立尝试,再展开完整解答。

例 1 设 相互独立且同分布,都服从参数 的泊松分布。求当 时,样本均值 依概率收敛到的值。 难度 1泊松分布 的期望为 ,期望存在。

由于 独立同分布且期望存在,满足辛钦大数定律的条件,于是

即样本均值依概率收敛到 。
例 2 某射手每次射击命中目标的概率为 ,各次射击相互独立。独立射击 次,记命中的频率为 。问 时 依概率收敛到什么?依据是哪个大数定律? 难度 1设 ,则 相互独立且服从同一个 分布,。命中次数 ,频率 。

这正是 重伯努利试验,由伯努利大数定律,频率依概率收敛到概率:

(也可视为辛钦大数定律: 独立同分布、 存在,故 。)
例 3 设 相互独立且同分布,都服从区间 上的均匀分布。求 当 时依概率收敛到的值。 难度 2关键一步:令 ,则 仍然相互独立且同分布(独立同分布随机变量的相同函数仍独立同分布)。

只要 存在,就能用辛钦大数定律。,密度 ,故

(也可用 验证。)

由辛钦大数定律,

真题精选

近年原题,先做做看、自动判分,再对照答案、思路与完整解答。

2014 年 · 数一 · 第 23 题 · 解答题 · 11 分

设总体 的分布函数为 其中 是未知参数且大于零。 为来自总体 的简单随机样本。

(I)求 与 ;

(II)求 的最大似然估计量 ;

(III)是否存在实数 ,使得对任何 ,都有 ?

随堂练习

先用基础题热身,再按年份从新到旧挑战本知识点的其余真题。

练习 1 · 选择题

辛钦大数定律要求随机变量序列 满足的条件是( )。
  • A相互独立且同分布,且方差存在
  • B相互独立且同分布,且期望存在
  • C相互独立,且方差一致有界
  • D都服从正态分布

练习 2 · 填空题

设 独立同分布,,则当 时 依概率收敛到 ____。

练习 3 · 选择题

设 独立同分布,,,。下列说法正确的是( )。
  • A
  • B,即对任意 ,
  • C对每个样本点都有
  • D 服从正态分布

练习 4 · 填空题

设 独立同分布,都服从参数 的指数分布(此时 ,)。则当 时 依概率收敛到 ____。

练习 5 · 选择题

设 相互独立且同分布,都服从柯西分布(其期望不存在)。关于 ,下列说法正确的是( )。
  • A由辛钦大数定律,
  • B 依概率收敛到柯西分布的中位数
  • C因期望不存在,辛钦大数定律不适用, 不依概率收敛到某常数
  • D

练习 6 · 选择题

设 相互独立且同服从区间 上的均匀分布,令 (即样本的几何平均)。则当 时 依概率收敛到( )。
  • A
  • B
  • C
  • D

练习 7 · 填空题

设 相互独立且同服从参数 的指数分布。则当 时

依概率收敛到 ____。

练习 8 · 解答题

设 相互独立且同分布,其概率密度为

(1)求 、 与 ;
(2)说明 与 当 时各依概率收敛到什么,并说明依据;
(3)记 。求 的依概率极限,并用切比雪夫不等式给出 的一个上界。