乐思数学通 › 考研数学(三) › 第 18 章 大数定律与中心极限定理

大数定律

§18.2 · 核心概念🌱 基础篇 →

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前置诊断

① 直接前置(需先掌握)切比雪夫不等式数学期望方差③ 掌握后可解锁估计量的评价标准(无偏、有效、一致)

要点精讲

把关键道理、证明与典型例子重新过一遍。

1. 依概率收敛的定义与三个大数定律:切比雪夫(方差一致有界)·伯努利(频率)·辛钦(独立同分布,只要求期望存在)★★ 必会

定义(依概率收敛):设 为随机变量序列, 为常数。如果对任意 都有

那么称 依概率收敛于 ,记作 。它的含义是:偏差超过任何给定的界 的概率趋于零,而不是说每一次取值都必然靠近 ,大的偏差仍可能出现,只是越来越少见。

三个大数定律的正式陈述(结论都是平均值 期望):
① 切比雪夫大数定律:设 相互独立(两两不相关即可),期望与方差均存在,且方差一致有界(存在常数 使 对一切 成立),则

② 伯努利大数定律:设 是 重伯努利试验中事件 发生的次数,,则频率

这就是频率稳定于概率的严格表述,也是用频率近似代替概率的理论根据。
③ 辛钦大数定律:设 独立同分布,且期望存在 (方差可以不存在),则


三者条件的对照:切比雪夫大数定律不要求同分布,但要求方差一致有界;辛钦大数定律要求独立同分布,但只要求期望存在,这一点后面还要专门讨论;伯努利大数定律是二者共同的特例,因为 0-1 变量既是同分布的,其方差 又自动一致有界。判断某个定律是否适用时,只须按独立性、同分布、矩条件三项逐一核对。
证明 / 推导切比雪夫大数定律的证明(所用的工具是切比雪夫不等式)。记 ,则 ,又由独立性(两两不相关即可)知方差可加,于是

对任意 ,由切比雪夫不等式得

伯努利大数定律是它的特例:令 为第 次试验中 的示性变量(发生时记为 、不发生时记为 ),则诸 独立同分布,,, 一致有界,代入 ① 即得 。(辛钦大数定律不能这样证明:没有方差就用不上切比雪夫不等式,需要借助特征函数,这里只要求会用它的结论。)
举例说明数三 2022·选择:设随机变量序列 独立同分布, 的概率密度为 、其余为 。问 时 依概率收敛于何值?
解:第一步(识别题型):题目要问的是 的依概率极限,这属于辛钦大数定律适用的场合。第二步(核对辛钦大数定律的条件): 独立同分布(独立随机变量取同一函数以后仍然独立同分布),只要 存在,其依概率极限就是 :

故 。须注意两点:其一,辛钦大数定律要用在新序列 上,而不是用在 上;其二,极限是 而不是 (本题中 ),不要漏掉平方。被积函数是偶函数,化成 计算较为简便。

2. 依概率收敛也服从运算法则:连续映射定理与四则运算法则

依概率收敛 看起来比较抽象,但它与普通极限一样服从运算法则,这在解题时很有用。其中最重要的是连续映射定理:如果 ,而 在点 处连续,那么 。此外还有四则运算法则:当 时,有 、;并且当 时 。

有了这些法则,许多求依概率极限的题目就化为:先用大数定律求出每一部分的极限,再按连续函数的运算把它们合起来。例如由辛钦大数定律 ,立即可得 、。必须注意,前提是 在极限点处连续,在不连续点处不能使用。
证明 / 推导连续映射定理的证明( 在 处连续). 任取 。由 在 处连续知,存在 ,使得 。取它的逆否命题,得

于是有事件的包含关系 ,两边取概率,得

最后一步用了 。因此 。

3. 辛钦大数定律的特点:不要求方差存在也仍然成立

辛钦大数定律有一点最容易被忽视:它对独立同分布序列只要求期望存在,并不要求方差存在。相比之下,用切比雪夫不等式证明的那个大数定律必须假定方差存在且一致有界,因为它的证明所依据的是方差 。所以在独立同分布的场合,辛钦大数定律的条件更弱。有一大类分布方差为无穷而期望有限,对它们切比雪夫形式的大数定律无法使用,而辛钦大数定律仍然给出 。

由此可以明白,教材为什么要把辛钦大数定律单独列出。它不能看作切比雪夫大数定律在同分布情形下的特例,因为它连方差存在都不要求。必须注意,两者的条件并不能互相包含。切比雪夫大数定律不要求同分布,辛钦大数定律则要求同分布。因此只有限于独立同分布的场合,才可以说辛钦大数定律适用的范围更宽。离开这个前提,两者的强弱无从比较。(当然,如果连期望也不存在,例如柯西分布,那么两者都失效,样本均值根本不收敛。)
证明 / 推导证 ① 先给出辛钦大数定律最常用的推广形式。设 独立同分布, 为连续函数,且 存在。因各 独立同分布,故 也独立同分布,它们的共同期望为 。对这个新序列使用辛钦大数定律,得

必须注意,这里所要求的是 存在,而不是 存在。取 ,即得常用的 ,其前提是 阶矩存在。
② 再证这个前提确实不能去掉。仍取例中的分布,密度为 ,已知 而 。下面证明 不依概率收敛于任何常数。
取常数 ,令 。各 独立同分布且有界,故期望存在。由 ,得

对 使用辛钦大数定律,得 。
任给常数 。取 使 ,并记 。由依概率收敛的定义,

而在这个事件上有 。又 ,故 ,于是

因 是任意的,可见 依概率趋于 ,不收敛于任何常数。由此可见,同一个分布对一阶矩可以使用辛钦大数定律,对二阶矩就不能使用。所要求的期望存在,指的是被平均的那个量的期望。这就证明了所述的结论。
举例说明例(方差为无穷而辛钦大数定律仍成立). 设 独立同分布,共同密度为

先验证期望存在而方差不存在:


因为方差为无穷,所以切比雪夫大数定律不适用;但期望 存在,由辛钦大数定律仍有

这个例子说明,辛钦大数定律只要求期望存在,适用的范围确实更广。

4. 大数定律与中心极限定理的区别:前者说明均值稳定于何处,后者说明均值的涨落形状★ 要懂

大数定律与中心极限定理常常并列提出,但它们回答的是两个不同层次的问题,必须分清楚。

- 大数定律(一阶):样本均值 收敛到一个常数 ,即 。它只说明均值最终稳定于何处,收敛的类型是依概率收敛,条件较宽(辛钦大数定律只要求独立同分布且期望存在)。
- 中心极限定理(二阶):它所关心的是 偏离 的涨落形状。把这个越来越小的偏差放大 倍, 收敛到一个分布 ,收敛的类型是依分布收敛,而且必须方差有限。

简单地说:大数定律说明均值稳定于何处,中心极限定理说明均值的涨落服从什么分布。 前者收敛到一个点,后者在标准化以后收敛到正态分布。
x̄μn 越大越窄① 大数定律:不作标度,直接看 x̄ 分布越挤越窄,塌到 μ 这一点上:说的是「稳在哪」0n 小时明显右偏n 增大虚线 = N(0, 1)② 中心极限定理:先乘 √n 把涨落放大 不论原分布多偏,放大后的形状都趋于标准正态x̄ − μ ~ 0(大数定律) 而 √n (x̄ − μ) ⁄ σ ~ N(0, 1)(中心极限定理)
证明 / 推导两者的逻辑关系(中心极限定理蕴涵弱大数定律). 设方差 。由中心极限定理, 依分布收敛到 ,于是它依分布有界。对任意 ,有

这里用到 。这就回到了大数定律的结论 。可见在方差有限的前提下,中心极限定理比大数定律给出的信息更多,它还给出了涨落的分布,并把后者作为推论包含在内。(但辛钦大数定律并不要求方差存在,这一部分是中心极限定理所不能覆盖的。)

5. 求依概率极限的一般方法:先辨认独立同分布,再用连续映射定理(比值型尤其如此)★ 要懂

求 或更复杂的组合的依概率极限,是常见的题型。一般方法分两步:第一步,把每个 (或 )看成新的独立同分布序列,由辛钦大数定律得 ;第二步,如果所求的量是若干个这种平均值的连续函数(特别是它们的比),那么用连续映射定理把各部分的极限合起来。困难往往出在比的情形:分子与分母各自用大数定律求极限,再相除,只须保证分母的极限不为零。
举例说明例. 设 独立同分布,,(有限)。求

当 时的依概率极限。

解. 分子与分母同除以 ,得

分子: 独立同分布且 存在,由辛钦大数定律 ;分母:。由连续映射定理(比值在 处连续),得

举一具体例子:若 (指数分布),则 ,,因此 。
💡 小知识
雅各布·伯努利花了二十年才证明频率会趋于概率,他把这条结论称为黄金定理,写进了遗著《猜度术》。他感叹说,连最愚钝的人也凭本能知道抽样越多越准,可要把这条直觉锻造成一条定理,却如此艰深。大数定律的分量,也就在这里。

基础例题

从最基础开始,循序渐进;先独立尝试,再展开完整解答。

例 1 【数三2003·填空真题】设总体 服从参数为 的指数分布, 为来自 的简单随机样本。求当 时, 依概率收敛的值。 难度 1由辛钦大数定律: 独立同分布 也独立同分布,,只需求 。

参数为 的指数分布:,。故 。

由辛钦大数定律,。坑:要的是二阶原点矩 ,用 ,别只写 。
例 2 设 相互独立且同分布,都服从参数 的泊松分布。求当 时,样本均值 依概率收敛到的值。 难度 1泊松分布 的期望为 ,期望存在。

由于 独立同分布且期望存在,满足辛钦大数定律的条件,于是

即样本均值依概率收敛到 。
例 3 某射手每次射击命中目标的概率为 ,各次射击相互独立。独立射击 次,记命中的频率为 。问 时 依概率收敛到什么?依据是哪个大数定律? 难度 1设 ,则 相互独立且服从同一个 分布,。命中次数 ,频率 。

这正是 重伯努利试验,由伯努利大数定律,频率依概率收敛到概率:

(也可视为辛钦大数定律: 独立同分布、 存在,故 。)
例 4 设 相互独立且同分布,都服从区间 上的均匀分布。求 当 时依概率收敛到的值。 难度 2关键一步:令 ,则 仍然相互独立且同分布(独立同分布随机变量的相同函数仍独立同分布)。

只要 存在,就能用辛钦大数定律。,密度 ,故

(也可用 验证。)

由辛钦大数定律,

真题精选

近年原题,先做做看、自动判分,再对照答案、思路与完整解答。

2022 年 · 数三 · 第 9 题 · 选择题 · 5 分

设随机变量序列 独立同分布,且 的概率密度为 ,则当 时, 依概率收敛于(  )
  • A
  • B
  • C
  • D

随堂练习

先用基础题热身,再按年份从新到旧挑战本知识点的其余真题。

练习 1 · 选择题

辛钦大数定律要求随机变量序列 满足的条件是( )。
  • A相互独立且同分布,且方差存在
  • B相互独立且同分布,且期望存在
  • C相互独立,且方差一致有界
  • D都服从正态分布

练习 2 · 填空题

设 独立同分布,,则当 时 依概率收敛到 ____。

练习 3 · 选择题

设 独立同分布,,,。下列说法正确的是( )。
  • A
  • B,即对任意 ,
  • C对每个样本点都有
  • D 服从正态分布

练习 4 · 填空题

设 独立同分布,都服从参数 的指数分布(此时 ,)。则当 时 依概率收敛到 ____。

练习 5 · 选择题

设 相互独立且同分布,都服从柯西分布(其期望不存在)。关于 ,下列说法正确的是( )。
  • A由辛钦大数定律,
  • B 依概率收敛到柯西分布的中位数
  • C因期望不存在,辛钦大数定律不适用, 不依概率收敛到某常数
  • D

2003 年 · 数三 · 第 6 题 · 填空题 · 4 分

设总体 服从参数为 的指数分布, 为来自总体 的简单随机样本,则当 时, 依概率收敛于____。